高三一輪復習自測題（選修3—1，3—2）參考答案與提示

高三一輪復習自測題（選修3—1，3—2）參考答案與提示

A卷

1.A

2.B 提示：根據“無限大的均勻帶電平板在周圍空間會形成與平面垂直的勻強電場”可知,空間任一點的電場均由分別與兩板垂直的兩個電場疊加而成,合電場必與板成45°角(平行于第一、三象限夾角的角平分線),則等勢面如原題中圖B所示。

3.C 4.C 5.C 6.B 7.CD 8.BC

9.AC 提示：正檢驗電荷僅在靜電力作用下由靜止開始運動,其位移必沿圖中a b方向。甲圖的勻強電場中,靜電力做功W=qEx,與x成正比,對應的圖像是①;乙圖的電場中,從a點到b點,電場強度減小,故靜電力做功變慢,動能的增大減慢,對應的圖像應為③;丙圖的電場中,從a點到b點,電場強度增大,故靜電力做功加快,動能的增加增快,對應的圖像應為②;丁圖的電場中,a處場強最小,而不能明確b的位置,故從a點到b點,場強可能一直增大,也可能先增大再減小,對應的圖像不可能為③。

10.AD 11.AC 12.AB

13.(1)142 (2)5 (3)100

提示：(1)根據E=Ig(Rg+r+R1)得R1=142Ω;(2)根據E=I(Rg+r+R1+R2)得I=5mA;(3)根據E=I(Rg+r+R1+R3)得R3=100Ω。

14.(1)C (2)A1V1R2(3)內接分壓式

提示：(1)指針偏轉較小,說明該元件阻值在所選擋位中較大,此時讀數誤差較大,所以應該把選擇開關換到“×100Ω”擋,重新調零后再測量。(2)根據歐姆擋指針偏轉情況可以判斷該元件阻值不小于100Ω,待測元件中的電流不超過45mA,所以電流表應選擇A1;電源電動勢使電壓表V2的偏轉不到其量程的三分之一,讀數誤差會較大,所以應選用電壓表V1;描繪伏安特性曲線要求盡可能測量多組數據,滑動變阻器選用分壓式連接方式,所以滑動變阻器應選用R2。(3)由所選用電流表與電壓表的內阻可知,,可見待測元件是大電阻,所以應該選用電流表內接法。

圖1

圖2

圖3

B卷

1.B 2.D 3.D

4.C 提示：由φ-x圖像可知,A、B兩點的電勢相等,O點的電勢最高,A到O逆著電場線方向,根據粒子開始運動的方向可以判定,該粒子一定帶負電。在縱軸兩側,電勢φ都隨x均勻變化,可見縱軸兩側都是與x軸平行的勻強電場,粒子在從M點向O點運動的過程中所受靜電力不變。根據φ-x圖像的斜率表示場強的大小可知,縱軸左側的場強大于右側的場強,則粒子在從M點運動到O點的過程中靜電力做的功大于粒子在從O點運動到N點過程中克服靜電力做的功,因此粒子能通過N點。粒子在從M點向O點運動的過程中,靜電力做正功,粒子的電勢能減小。

5.D

6.A 提示：俯視小磁鐵產生的磁場,螺釘所處空間磁場均有向下和向內(垂直于螺釘軸線并指向軸線)的分量。電流流過螺釘時,自由電子自下而上運動,左側徑向上的電子受到的洛倫茲力向外,右側徑向上的自由電子受到的洛倫茲力向里,所以俯視可見螺釘沿逆時針方向轉動。該裝置的工作原理是電流在磁場中受力。因為電源消耗的能量一部分轉化為內能,另一部分轉化為機械能,所以電源消耗的總功率大于熱功率。把螺釘的一頭吸在電池的正極或負極上時,流過螺釘的電流方向不同,螺釘的旋轉方向也不相同。

7.CD 8.BD 9.BC 10.AC 11.AC 12.BD

13.逆時針 順時針

提示：固定導線B中電流方向向上,電流在導線B附近產生的磁場方向俯視為逆時針方向,即為磁鐵A的N極受力方向。因為磁鐵D產生的磁場由N極向外發散,可動導線C中的電流方向向下,由左手定則可知,導線C受到的安培力方向俯視為順時針方向。

14.(1)電流計G分壓較小,導致電流表A指針偏轉很小,誤差較大 (2)D (3)如圖1所示 (4)0.22.5

圖1

提示：(2)按實驗要求,滑動變阻器應該用分壓式接法,此接法用小阻值的滑動變阻器,才能方便讀取多組區分度明顯的數據。(3)小燈泡為低阻值電阻,必須用電流表外接法測其電流,故應將電流計G與定值電阻R0串聯,改裝成電壓表,直接并聯在小燈泡兩端,滿足實驗需要的滑動變阻器應該用分壓式接法。(4)小燈泡L1與定值電阻R的電功率相同,說明其阻值R1=5Ω。根據U-I圖像可知,此時小燈泡L1中電流為0.2A,小燈泡L2中電流I=0.4A,小燈泡L2對應阻值應為R2=10Ω,根據E=I(R2+r+0.5R1)得r=2.5Ω,P=0.22×5W=0.2W。

圖2

(責任編輯 張 巧)

勘 誤

因為工作疏忽,高考理化第9期“參考答案與提示”第47頁出現了所給17～20題順序不正確和缺少原題20和21答案的錯誤,特此予以更正,并對由此使得各位讀者產生的不便給予誠摯的歉意。

1.所給答案的17～20對應原題的正確順序是19、22、17、18。

3.缺少的原題21的正確答案：(1)根據核反應的質量數守恒和電荷數守恒寫出核反應方程為。(2)該核反應的質量虧損Δm=232.0372u-228.0287u-4.0026u=0.0059u,釋放的核能ΔE=Δm c2=0.0059×931MeV=5.49MeV。(3)核反應過程滿足動量守恒定律,因為初動量為零,所以核反應后釷核和α粒子的動量大小相等,即pTh=pα。由動量與動能的大小關系得,由能量關系得EkTh+Ekα=ΔE。聯立以上各式解得